Материал: Основы высшей математики. Алейников С.М., Горяйнов В.В
Чтобы придать геометрический смысл самому ДУ первого порядка (4.8)
рассмотрим плоскость Оху. В каждой точке M (x, y) плоскости Оху проведем маленький отрезок с угловым коэффициентом k (x, y) = tgα = f (x, y) = y′(x)
(рис. 4.3). Полученная картина называется полем направлений на плоскости, |
|
заданным ДУ y′ = f (x, y). Если y = y(x) |
- решение ДУ (4.8), то |
y′(x) ≡ f (x, y(x))= k (x, y(x)). Отсюда ясно, что график решения (интегральная кривая y = y(x) ) в каждой своей точке имеет касательную, совпадающую с полем направлений в этой точке.
Итак, с геометрической точки зрения уравнение y′ = f (x, y) опреде-
ляет на плоскости Оху поле направлений, а любая интегральная кривая касается поля направлений в каждой своей точке (рис. 4.4).
Приведенное выше геометрическое описание ДУ первого порядка хорошо иллюстрируется на известном опыте с железными опилками, помещенными в магнитное поле. Сами опилки образуют поле направлений, а интегральными линиями этого поля служат так называемые магнитные силовые линии.
Одной из главных теорем в теории дифференциальных уравнений являет-
ся теорема о существовании и единственности решения задачи Коши. В
этой теореме даются ограничения на правую часть уравнения (4.8), при выполнении которых можно утверждать, что в некоторой открытой области D на плоскости Оху, содержащей точку (x0 , y0 ), существует единственное решение
y =ϕ(x) этого уравнения, удовлетворяющее начальному условию (4.10).
Рис. 4.3. Поле направлений
Рис. 4.4. Интегральная кривая
126
M0 (x0 , y0 ) области D проходит единственная интегральная кривая (рис. 4.4).
Существует несколько типов уравнений первого порядка, общее решение которых можно получить с помощью интегрирования. Рассмотрим некоторые из них.
4.3.2. Уравнения с разделяющимися переменными
Уравнение y′ = f (x, y) называется уравнением с разделяющимися пе-
ременными, если его правую часть можно разложить на множители так, чтобы каждый множитель зависел только от одной переменной. То есть
|
|
y′ = f (x) ϕ(y) |
(4.11) |
Для решения ДУ с разделяющимися переменными необходимо выполнить следующие действия:
1. Заменить в формуле (4.11) у' на ddyx . В результате получаем
ddyx = f (x)ϕ(y).
2.Разделить переменные (собрать все, что содержит y в левой части,
ато, что содержит x в правой). Для этого надо сначала умножить обе части на dx:
dy = f (x)ϕ(y)dx ,
а затем разделить обе части уравнения на ϕ(y)≠ 0 :
ϕd(yy) = f (x)dx .
3.Проинтегрировать каждую часть последнего уравнения:
∫ϕd(yy) = ∫ f (x)dx .
127
Пусть первообразная в левой части равна Φ(y), а в правой части − F (x). Тогда предыдущее уравнение примет вид
|
|
Φ(y)= F (x)+C . |
(4.12) |
Уравнение (4.12), связывающее x и y, является общим интегралом исход- |
|||
ного дифференциального уравнения. |
|
||
Если из (4.12) |
удастся выразить у через х: y =ϕ(x,C ), то получится |
||
формула |
общего |
решения исходного дифференциального |
уравнения |
y′ = f (x)ϕ |
(y). |
|
|
Замечание 4.1. Если ДУ изначально было записано в дифференциальной форме (4.9) и имело вид
|
|
|
P1 (x)Q1 (y)dx + P2 (x)Q2 (y)dy = 0 |
. |
(4.13) |
то оно также является ДУ с разделяющимися переменными.
Особенность уравнения (4.13) состоит в том, что коэффициенты при dx и dy представляют собой произведения двух функций, одна из которых зависит только от х, другая - только от у.
Решение ДУ вида (4.13) начинаем с выполнения почленного деление на P2 (x)Q1 (y)≠ 0 . Проинтегрировав получившееся после этого выражение, полу-
чаем общий интеграл уравнения (4.11) в виде
|
P |
(x) |
|
Q |
(y) |
|
∫ |
1 |
|
dx + ∫ |
2 |
|
dy =C . |
P |
(x) |
Q |
(y) |
|||
2 |
|
1 |
|
|
||
Пример 4.1. Требуется найти общее решение дифференциального урав-
нения y′ =1+ y2 . 1− x2
Решение. Определяем тип ДУ. Уравнение уже записано в виде (4.8) (разрешено относительно производной). Кроме того, видно, что оно с разделяющи-
мися переменными, так как правая часть есть произведение функций (1+ y2 ) и
1 2 , каждая из которых зависит только от одной переменной. 1 − x
1. Заменяя у' на |
dy |
имеем |
dy |
= |
1+ y2 |
. |
|
dx |
dx |
1 − x2 |
|||||
|
|
|
|
128
2. Разделяем переменные: для этого обе части умножим на dx и разделим на 1+ y2 ≠ 0 . Получаем 1 +dyy2 =1−dxx2
ными.
3. Интегрируем каждую часть: ∫1 +dyy2 = ∫1−dxx2 . После интегрирования
имеем |
arctg y = |
1 ln |
|
1+ x |
|
+ ln |
|
C |
|
(произвольная постоянная С для удобства фор- |
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|||||||
|
|
2 |
|
1− x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
мально заменена наln C ). Это так называемый общий интеграл, и если из него выразить у через х, то получим формулу общего решения.
Таким |
|
образом, общее решение данного уравнения имеет вид |
||
|
|
1+ x |
|
|
|
|
|||
y = tg ln C |
|
1− x |
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
4.3.3. Линейные уравнения первого порядка
Если правая часть уравнения y′ = f (x, y) линейна по у, т.е. имеет вид P(x)y +Q(x), где P(x) и Q(x) - заданные функции, зависящие только от х,
или просто константы, то такое уравнение называется линейным диффе-
ренциальным уравнением первого порядка.
Таким образом, линейное ДУ первого порядка имеет вид
|
. |
(4.14) |
y′ = P(x)y +Q(x) |
Перенесем все члены ДУ (4.14) содержащие у в левую часть. Тогда уравнение примет вид
|
. |
(4.15) |
y′− P(x)y =Q(x) |
Если в ДУ (4.15) Q(x)≡ 0 , то такое уравнение называется линейным од-
нородным ДУ первого порядка, а если Q(x)≠ 0 – линейным неоднородным ДУ
первого порядка.
Линейные дифференциальные уравнения первого порядка можно решить
методом Бернулли.
Будем искать решение дифференциального уравнения (4.15) в виде произведения двух функций, т.е. с помощью подстановки
129
y =u υ , |
(4.16) |
где u =u (x) и υ =υ(x) – новые неизвестные функции от х, причем одну из них
можно взять произвольной, но не равной нулю, а другая в таком случае определится на основании уравнения (4.15).
Дифференцируя (4.16) находим
y′ =u′ υ +u υ′. |
(4.17) |
Подставляя выражения для y из (4.16) и y′ из (4.17) в ДУ (4.15) получим:
u′ υ +u υ′− P(x)uυ =Q(x).
Сгруппируем второе и третье слагаемые и вынесем за скобку общий множитель – u. В результате получится уравнение
u′υ +u υ′− P(x)υ =Q(x). |
(4.18) |
|
|
|
|
Подберем функцию υ =υ(x) так, чтобы выражение в скобках было равно нулю. Для этого надо решить дифференциальное уравнение
υ′− P(x)υ = 0 , |
(4.19) |
которое, является уравнением с разделяющимися переменными.
Очевидно υ(x) ≠ 0 . Подставляя найденное значение υ(x) в (4.18) и учитывая, что υ′− P(x)υ = 0 получим ДУ с разделяющимися переменными
u′υ(x) =Q(x).
Следовательно
u = ∫Qυ((xx))dx .
Возвращаясь к искомой функции y , подставляем найденные функции u
и υ в формулу (4.16) и записываем общее решение исходного линейного ДУ первого порядка.
Пример 4.2. Найти общее решение уравнения y′+ y tg x = cos2 x . Решение. Это уравнение вида y′− P(x)y =Q(x), то есть линейное диф-
130